Форум MySQL

Вообщем проблема простая не исполняется запрос пишу mysql_query ("UPDATE users SET kill = '1' WHERE id = '".$bid."';"); а в мускуле не выставляется килл=1 для юзера с id=$bdid,мож я что не так сделал?

kill, id - числа?
Тогда следует писать так:

mysql_query ("UPDATE users SET kill = 1 WHERE id = $bid");

Если хочется гарантии, что в $bid не подсунут инъекцию, то перед этим можно застраховаться:

$bid = intval($bid); mysql_query ("UPDATE users SET kill = 1 WHERE id = $bid");

Пасибо!Сейчас попробую...

Аналогичная проблема, выполняю такой скрипт:

<? $sost=1; mysql_query ("UPDATE user SET sost = $sost WHERE name = 123"); $oper_sost = mysql_query("select * from userlist WHERE name = 123");  mysql_query($oper_sost); if ($oper_sost==1) { echo "1"; } else  { echo ("Не 1"); } ?>

Но почему то ничего не обновляется и выводится "Не 1"

mysql_query ("UPDATE user SET sost = $sost WHERE name = 123");
$oper_sost = mysql_query("select * from userlist WHERE name = 123");

TAK user u/\u userlist?

user
Это я когда отделял код от скрипта спутал...

user
Это я когда отделял код от скрипта спутал...[b][/b]

добавляйте после каждого запроса or die(mysql_error()); тогда будет видно, что за ошибка..
у вас таблица называется user???? это зарезервированное слово. нельзя его использовать.

Спасибо, с обновлением разобрался, это всё из-за user
Но этот код:

<? include "config.php"; $oper_sost = mysql_query("select * from userlist WHERE name = '123'") or die(mysql_error());  mysql_query($oper_sost); if ($oper_sost==1) { echo "1"; } else  { echo ("Не 1"); } ?>

Попрежнему не работает

<?  include "config.php";  $oper_sost ="select * from userlist WHERE name = '123'"; mysql_query($oper_sost)  or die(mysql_error());  if (mysql_query($oper_sost))  {  echo "1";  }  else  {  echo ("Не 1");  }  ?>

А что именно Вы пытаетесь определить?

$oper_sost примет одно из двух значений.
а)Либо false - это если Вы ошиблись в синтаксисе/семантике запроса.
б) Либо ресурс с ответом. Если запрос принят как верный. Причем независимо от того, есть ли у Вас user у которого name = 123 или нету. И уж тем более, независимо от того, какое у этого user'a на данный момент sost.

Но ни false, ни ресурс с ответом не равны единице. Поэтому в результате выполняется ветвь со вторым echo, и Вы получаете "Не 1".

Подскажите тогда как можно проверить sost user'а.

<? $query = "select sost from user WHERE name = '123' ";  $res = mysql_query($query ); if($res === false)      die("Не удается выполнить запрос $query поскольку " . mysql_error()); $rows = mysql_num_rows($res); if($rows != 1)      die("Нет в таблице user строки с name = 123, а если есть, то не одна, а несколько"); $sost = mysql_result($res, 0); echo $sost; ?>

Пишет:

Parse error: parse error, unexpected T_VARIABLE in С:\Apache2\htdocs\123.php on line 2

Значит что-то не так в первой-второй строках файла 123.php

На данный момент файл 123.php как раз и состоит только из тех строк которые Вы здесь привели, таким образом 2 строка это:

$query = "select sost from user WHERE name = '123' ";

.

Значит ошибка на строке 1.

Между прочим, до строки 2 имеет смысл как-то соединиться с базой данных.
Видимо, вставить строку include "config.php";
Только parse error, unexpected T_VARIABLE (что означает: "неожиданно встретился знак $"), происходит явно не из-за этого. В первой строке что-то не то.

А Вы сами попробуйте выполнить данный скрипт:

<? include "config.php" $query = "select sost from userlist WHERE name = '123"; $res = mysql_query($query ); if($res === false)     die("Не удается выполнить запрос $query поскольку " . mysql_error()); $rows = mysql_num_rows($res); if($rows != 1)      die("Нет в таблице user строки с name = 123, а если есть, то не одна, а несколько"); $sost = mysql_result($res, 0); echo $sost; ?>

И скажите что высветится...

Я Вам и так скажу, что высветится. Parse error: parse error, unexpected T_VARIABLE in file.php on line 3
Потому что после include "config.php" символ доллара на следующей строке совершенно не к месту. После include "config.php" должна стоять точка с запятой.
Когда Вы исправите эту ошибку - следующей будет синтаксическая ошибка в SQL-запросе.
Вы зачем-то убрали апостроф после WHERE name = '123.
А когда вернете апостроф - тогда может что-то и выйдет.

блин,мне вт такую ошибку показывает:

Warning: mysql_query(): Access denied for user 'root'@'localhost' (using password: NO) in /usr/home/mmfka/public_html/chat.php on line 596 Warning: mysql_query(): A link to the server could not be established in /usr/home/mmfka/public_html/chat.php on line 596

чё не так?

Это означает что у Вас ошибка в 596 строке, хотелось бы на неё посмотреть, вероятнее всего у Вас что то не так в настройках подключения к БД.

не,другие функции норма пашут,

$ins_str = "Update users set trafik='".$new_traf."' where id ='".$id."'"; if (@mysql_query ($ins_str)) { echo "<br/><small>Tpa&#x0444;&#x0438;&#x043A;: <a href=\"traf.php?id=$id&ps=$ps&rm=$rm\">$file_size</a>&#x043A;&#x0431;</small>";  } else { echo "<br/><small>Tpa&#x0444;&#x0438;&#x043A;: $file_size/$old_traf &#x043A;&#x0431;</small>"; }